Розв’язання вправ та завдань до підручника «ГЕОМЕТРІЯ» A. Г. Мерзляк 7 клас - 2015 рік

§ 2. Трикутники

11. Теореми

269.

Теорема

Умова

Висновок

4.1

Кути АОС і СОВ — суміжні

AOC + ∠COB = 180°

8.2

X належить серединному перпендикуляру відрізка AB

ХА = ХВ

9.1

ABC — рівнобедрений з основою АС

1) ∠A = ∠C;

2) бісектриса кута В є медіаною і висотою

10.3

Два кути трикутника ABC рівні

∆ABC — рівнобедрений

11.2

Точка X віддалена від кінців відрізка AB

X належить серединному перпендикуляру відрізка AB

270. 1) Теорема — властивості: 4.1; 8.2; 9.1; 11.2.

2) Теореми — ознаки: 10.3.

271. 1) Якщо кути трикутника рівні, то він рівносторонній (пряме і обернене твердження є правильними).

2) Якщо бісектриси двох кутів є доповняльними променями, то ці кути вертикальні (пряме твердження є правильним, а обернене — хибним).

3) Якщо два кути суміжні, то кут між їхніми бісектрисами прямий (пряме твердження є хибним, а обернене — правильним).

4) Якщо два трикутники рівні, то сторона і протилежний кут одного трикутника дорівнюють відповідно стороні і протилежному їй куту другого трикутника (пряме твердження є хибним, а обернене — правильним).

272. 1) Якщо AB + ВС = АС, то точка В лежить між точками Я і С (пряме і обернене твердження є правильними).

2) Якщо периметри двох трикутників не рівні, то ці трикутники не рівні (пряме твердження є хибним, а обернене — правильним).

3) Якщо кут є тупим, то його градусна міра більша за 90° (пряме твердження є хибним, а обернене — правильним).

273. 1) Відрізок АВ не перетинає пряму m;

2) градусна міра кута ABC не більша за 40°;

3) обидва суміжні кути більші за 90°;

4) промені ОА і OB є доповняльними;

5) відрізок має більше одної середини або не має жодної середини.

274. 1) Кут ABC є прямим;

2) трикутник МКЕ не є рівнобедреним;

3) через точку на даній прямій можна провести більше одної прямої, перпендикулярної даній, або не можна провести жодної прямої, перпендикулярної даній.

275. Припустимо, що трикутник є рівнобедреним. Тоді висота, проведена до основи, і бісектриса трикутника, проведена із вершини, протилежної до основи, збігається, а це суперечить умові. Отже, трикутник не є рівнобедреним.

276. Припустимо, що медіана BD є висотою трикутника ABC, тоді AB = ВС, що суперечить умові. Отже, медіана BD трикутника ABC не є його висотою.

277. Припустимо, що кути вертикальні, тоді вони рівні, що суперечить умові. Отже, дані кути не можуть бути вертикальними.

278. Припустимо, що обидва кути менші за 90°, тоді їх сума не дорівнює 180°, що суперечить теоремі про суміжні кути. Отже, з двох суміжних кутів хоча б один не менший від 90°.

279. Якщо у двох рівнобедрених трикутників бічні сторони рівні та медіани, проведені до бічних сторін, рівні, то ці трикутники рівні. Або, якщо бічна сторона і медіана, проведена до цієї сторони одного рівнобедреного трикутника, відповідно дорівнюють бічній стороні І медіані, проведеній до цієї сторони, другого рівнобедреного трикутника, ці трикутники рівні.

Доведення.

Нехай AB = A1B1, AD = BD, A1D1 = B1D1, CD = C1D1.

BCD = ∆B1C1D1 за трьома сторонами (CВ = C1B1, CD = C1D1). Із рівності трикутників випливає, що ∠B = ∠B1. Отже, ∆ABC = ∆А1В1С1 за першою ознакою (AB = А1В1, BC =B1C1, ∠B = ∠B1).

280. Якщо сторона, медіана, проведена до цієї сторони, і кут між медіаною та цією стороною одного трикутника дорівнюють відповідно стороні, медіані, проведеної до цієї сторони, і куту між медіаною та цією стороною другого трикутника, то ці трикутники рівні.

Доведення:

Нехай ВС = В1C1, ВМ = MC, В1М1 = M1C1, AM = A1M1, ∠AMC =A1M1C1.

∆АМС = ∆A1M1C1 за першою ознакою рівності трикутників (AM = A1M1, MC = M1C1, ∠AMC = ∠A1M1C1). Із рівності цих трикутників випливає, що АС = A1C1, ∠C = ∠C1. Отже, ∆ABC = ∆A1B1C1 за першою ознакою рівності трикутників (AC = A1C1, ВС = B1C1, ∠C = ∠C1).

281. Якщо медіана та кути, на які вона розбиває кут, одного трикутника дорівнюють відповідно медіані та кутам, на які вона розбиває кут, другого трикутника, то ці трикутники рівні.

Доведення.

Нехай ABC і А1В1С1 — дані трикутники, відрізки AM і A1M1 — відповідно їх медіани. ∠BAM = ∠B1A1M1, ∠CAM = ∠C1A1M1. На продовженнях відрізків AM і А1М1 за точки М і М1 відкладемо відрізки відповідно MD = МА, M1D1 = M1A1.

∆АМС = ∆DMB за першою ознакою рівності (AM = MD, MC = ВМ, ∠AMC = ∠DMB). Із рівності трикутників маємо: ∠MAC = ∠BDA, АС = BD.

A1M1C1 = ∆D1M1B1 за першою ознакою рівності (A1M1 = M1D1, M1C1 = В1М1, ∠A1M1C1 = ∠D1M1B1). Із рівності трикутників маємо: ∠M1A1C1 = ∠B1D1A1, A1C1 = B1D1.

ABD = ∆A1B1D1 за другою ознакою рівності (AD = A1D1, ∠BAD = ∠B1A1D1, ∠BDA = ∠B1D1A1). Із рівності трикутників маємо: AB = A1B1, BD = B1D1, тоді, враховуючи, що АС = BD і A1C1 = B1D1,маємо: АС =А1С1.

ABC = ∆A1B1C1 за першою ознакою рівності трикутників (AB = A1B1, АС = A1C1, ∠A = ∠A1).

Вправи для повторення

282. 1) AB + BC = AC; 2) AB + AC > BC; 3) АС + ВС > АВ.

283. На рис. ∠COD = ∠DOB, ∠AOC = 3∠COD. Нехай ∠COD = х°, тоді ∠BOC = 2х°, ∠AOC = 3х°. 2х + 3х = 180, звідси 5х = 180; х = 36. Отже, ∠COB = 36° х 2 = 72°; ∠AOC = 3 x 36° = 108°.

Відповідь: 72°, 108°.

Спостерігайте, рисуйте, конструюйте, фантазуйте

284. Нехай AB = 3 см, ВС = 4 см. Сума довжин горизонтальних відрізків дорівнює подвоєній стороні ВС, а сума довжин вертикальних відрізків — подвоєній довжині сторони AB. Отже, сума довжин усіх відрізків, що містяться всередині прямокутника, дорівнює: 2 х АВ + 2 x BC = 2 x 3 + 2 x 4 = 6 + 8 = 14 (см).

Відповідь: 14 см.

Завдання № 2 «Перевір себе» в текстовій формі

1. Трикутник є гострокутним, якщо кожний його кут менший від прямого.

Правильна відповідь: Б.

2. Якщо висота трикутника йому не належить, то цей трикутник тупокутний.

Правильна відповідь: Б.

3. Два трикутники рівні, якщо дві сторони та кут між ними одного трикутника дорівнюють двом сторонам та куту між ними другого трикутника.

Правильна відповідь: Г.

4. Чотири пари: ∆АОВ = ∆COD; ∆ВОС = ∆DOA; ∆АВС = ∆СDА; ∆ABD = ∆CDB.

Правильна відповідь: Г.

5. ∆АВМ = ∆СЕМ (за двома сторонами і кутом між ними), тоді СЕ = AB = 4,2 см.

Правильна відповідь: Б.

6. Рівносторонній трикутник — окремий вид рівнобедреного трикутника.

Правильна відповідь: В.

7. Хибне твердження «Якщо медіана і бісектриса, проведені з однієї вершини, не збігаються, то цей трикутник не є рівнобедреним». (AB = ВС, AM і AL — не співпадають).

Правильна відповідь: Б.

8. Трикутник є рівностороннім, якщо кожна його сторона у три рази менша від його периметра.

Правильна відповідь: Б.

9. РABM + РMВС + РAВС + 2ВМ, 12 + 12 = 16 + 2ВМ, тоді 2 x ВМ = 24 - 16; 2 х BM = 8; ВМ = 8 : 2; ВМ = 4.

Правильна відповідь: A.

10. Хибним може бути твердження: ∠AXB = ∠AYВ.

Правильна відповідь: В.

11. Точка X не належить серединному перпендикуляру відрізка AB, якщо ХМ = ХВ.

Правильна відповідь: Б.






Відвідайте наш новий сайт - Матеріали для Нової української школи - планування, розробки уроків, дидактичні та методичні матеріали, підручники та зошити

Віртуальна читальня освітніх матеріалів для студентів, вчителів, учнів та батьків.

Наш сайт не претендує на авторство розміщених матеріалів. Ми тільки конвертуємо у зручний формат матеріали з мережі Інтернет які знаходяться у відкритому доступі та надіслані нашими відвідувачами.

Всі матеріали на сайті доступні за ліцензією Creative Commons Attribution-Sharealike 3.0 Unported CC BY-SA 3.0 та GNU Free Documentation License (GFDL)

Якщо ви являєтесь володарем авторського права на будь-який розміщений у нас матеріал і маєте намір видалити його зверніться для узгодження до адміністратора сайту.

Дозволяється копіювати матеріали з обов'язковим гіпертекстовим посиланням на сайт, будьте вдячними ми приклали багато зусиль щоб привести інформацію у зручний вигляд.

© 2007-2019 Всі права на дизайн сайту належать С.Є.А.